(1)乙酰丙酮錳(Ⅲ)是一種廣泛用于苯酚類化合物氧化偶聯(lián)的試劑,中心離子為Mn3+離子,其結(jié)構(gòu)如圖1所示,圖中Me表示-CH3。Mn3+的配位數(shù)為 66,1mol乙酰丙酮錳(Ⅲ)中含有σ鍵的數(shù)目為 45NA45NA(NA表示阿伏加德羅常數(shù)),該結(jié)構(gòu)中碳原子的VSEPR模型為 平面三角形和四面體平面三角形和四面體。若中心離子含有單電子,則配合物為順磁性物質(zhì),則乙酰丙酮錳(Ⅲ) 有有順磁性(填“有”或“無”)。
(2)石墨晶體如圖(a)所示,圖(b)為石墨的六方晶胞。
①在圖中畫出晶胞沿c軸的投影 (用“●”標(biāo)出碳原子位置即可)。
②鋰離子電池充電時,Li+嵌入石墨層間。當(dāng)嵌入最大量Li+時,晶體部分結(jié)構(gòu)的俯視示圖如圖,此時該晶體的化學(xué)式為 LiC6LiC6。
(3)氧化鎳的理想晶胞如圖所示,其中離子坐標(biāo)參數(shù)A為(0,0,0),B為(1,1,1),則C的離子坐標(biāo)參數(shù)為 (1,12,12)(1,12,12)。Ni2+的配位數(shù)為 66。實際氧化鎳晶體中存在缺陷,隨機缺失部分Ni2+,化學(xué)式為Ni0.88O。設(shè)實際晶胞邊長為apm,阿伏加德羅常數(shù)為NA,寫出實際晶體密度計算表達(dá)式:4×67.92×1030a3?NA4×67.92×1030a3?NAg/cm3。
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【答案】6;45NA;平面三角形和四面體;有;;LiC6;(1,,);6;
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【解答】
【點評】
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發(fā)布:2024/8/6 8:0:9組卷:22引用:1難度:0.5
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1.A、B、C、D、E、F是元素周期表中前四周期元素,且原子序數(shù)依次增大,其相關(guān)信息如下:
①A的周期序數(shù)等于其主族序數(shù);
②B、D原子的L層中都有兩個未成對電子;
③E元素原子最外層電子排布式為(n+1)Sn(n+1)Pn-1;
④F原子有四個能層,K、L、M全充滿,最外層只有一個電子.
試回答下列問題:
(1)基態(tài)E原子中,電子占據(jù)的最高能層符號為
(2)B、C、D的電負(fù)性由大到小的順序為
(3)B和D分別與A形成的化合物的穩(wěn)定性:BA4小于A2D,原因是
(4)以E、F的單質(zhì)為電極,組成如圖1所示的裝置,E極的電極反應(yīng)式為
(5)向盛有F的硫酸鹽FSO4的試管里逐滴加入氨水,首先出現(xiàn)藍(lán)色沉淀,繼續(xù)滴加氨水,藍(lán)色沉淀溶解,得到深藍(lán)色溶液,再向深藍(lán)色透明溶液中加入乙醇,析出深藍(lán)色晶體.藍(lán)色沉淀溶解的離子方程式為
(6)F的晶胞結(jié)構(gòu)(面心立方)如圖2所示:已知兩個最近的F的距離為acm,F的密度為發(fā)布:2025/1/18 8:0:1組卷:14引用:2難度:0.5 -
2.鐵及其化合物在生產(chǎn)生活及科學(xué)研究方面應(yīng)用非常廣泛。
(1)基態(tài)Fe原子的價層電子的電子排布圖為
(2)(NH4)2Fe(SO4)2?6H2O俗稱摩爾鹽
①NH4+電子式為
②N、O兩元素的第一電離能由大到小的順序為
③SO42-中S原子的雜化方式為
(3)K3[Fe(CN)6]晶體中中心原子的配位數(shù)為
(4)FeS2晶體的晶胞如圖(c)所示。晶胞邊長為a nm、FeS2相對式量為M,阿伏加德羅常數(shù)的值為NA,其晶體密度的計算表達(dá)式為發(fā)布:2025/1/5 8:0:1組卷:7引用:1難度:0.7 -
3.碳及其化合物有著重要用途?;卮鹣铝袉栴}:
(1)基態(tài)碳原子的價層電子排布圖為
(2)在CH2=CHCN中,碳原子的雜化方式有
(3)甲烷、水、氨氣中C、O、N原子均采用sp3雜化方式,VSEPR模型均為正四面體構(gòu)型,比較三者鍵角的大小
(4)C60室溫下為紫紅色固體,不溶于水,能溶于四氯化碳等非極性溶劑。據(jù)此判斷C60的晶體類型是
(5)C60晶胞結(jié)構(gòu)如圖,C60分子處于頂點和面心。已知:C60晶胞棱長為14.20? (1?=10-8cm),則C60的晶體密度為
C60體中存在正四面體空隙(例如1、3、6、7四點構(gòu)成)和正八面體空隙(例如3、6、7、8、9、12六點構(gòu)成),則平均每一個C60晶胞中有發(fā)布:2025/1/5 8:0:1組卷:53引用:2難度:0.4